[高三总复习]2025届名师原创模拟卷(二)2物理(CQX5)答案

2024-07-30 23:41:29 9℃

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法拉第电磁感应定律可知，感应电流逐渐减小，故B错！1.2s时线框αd边所受安培力大小为误；0~T时间内，由于αb边始终有感应电流且磁场垂！F=NBIL=0.48N,由左手定则可得方向向右。直αb边，故一直受到安培力的作用，故C错误；T时间(2)线框与桌面之间的最大静摩擦力fm=mg=1.0N,后，由于导线MN中的电流恒定，所以产生的磁场也恒！所以开始滑动时有F=NBIL=fm定，使得穿过线框磁通量的变化率为零，所以线框中感！解得=2.5S,则线框在滑动前所产生的焦耳热为应电流为零，故D错误。Q=I2R(t-1)=0.12×8×1.5J=0.12J。8.AB根据右手定则可知a1与c的磁感应强度大小相：答案：(1)0.48N,方向向右(2)2.5s0.12J等，方向相反，故A正确；小圆环的圆心从αd边的中点！12.解析：(1)由乙图，可知磁感应强度减小，根据楞次定竖直向上运动时，通过小圆环的磁通量始终为零，小圆！律推论“增反减同”判断出线圈中感应电流方向为顺时针，环中无感应电流，故B正确；小圆环的圆心从b1移到！则电阻R2的电流方向向右，电容器上极板带负电。C1过程中，当小圆环到达导线正下方时，磁通量为零。(2)根据法拉第电磁感应定律有E=△S=,所以穿过小圆环的磁通量先减小后增大，故C错误；小·△t圆环的圆心从a移到d与从a移到c的过程中磁通量△5-B,解得E=2B△ttoto的变化相同，时间不同，根据E=会碧，可知小国环的(3)电路中的电流稳定，电容器充电完毕，在电路中相均感应电动势不相等，故D错误。当于断路，根据电路的分压原理，有9.BD将铜盘看作无数条由中心指向边缘的铜棒组合而：R22πr22B0U2-R+R+RE,解得U,=5to成，当铜盘转动时，每根金属棒都在切割磁感线，相当！于电源，由右手定则可知，盘边缘为电源负极，中心为！答案：(1)向右负电(2)2B(3)22Bto5to正极，A,点的电势小于O点的电势，故A错误；图乙仅！撒去了小灯泡，金属圆盘不构成回路，不产生感应电3.解析：)由题意知x==X之=日，根据九何关8v流，但当铜盘转动时，每根金属棒都在切割磁感线，OA!间的电势差大小为E=Bor=B”,22Bwr2,故B正得物朝大度为1一震-BX,速边R确；图丙撤去了小灯泡，且仅有阴影区域的一半圆盘处电阻R的电流方向为N到M(或下到上)。在匀强磁场中，当铜盘转动时，阴影处每根金属棒都在：(2)导体棒从b运动到d过程中电路均电动势的大小切割磁感线，金属棒和没有在阴影区的铜盘组成回路，E-4Φ21产生感应电流，故C错误；撤去施加在握把上的外力，·-=BL。△tL4不考虑转轴的摩擦，甲转动过程中灯泡消耗电能，圆盘产生焦耳热，故甲圆盘减速转动至静止，丙转动过程中，一半圆盘不切割磁感线，形成涡流，根据楞次定律可答案：（职电流方向为N到M(2)宁BL知，磁场部分受到的转动方向相反的力使圆盘停止转动，14.解析：(1)由题图乙知，当v=0,a=2m/s2,由牛顿第故丙圆盘减速转动至静止，乙圆盘磁场穿过整个圆盘，圆二定律F=ma心与边缘会形成一个恒定的电势差，不会形成涡流，也就得mgsin0-umgcos0=ma,解得μ=0.5。不存在安培力，因此圆盘将匀速转动，故D正确。(2)由题图乙可知，金属棒速度稳定时vm=2m/s,此时10.AD根据法拉第电磁感应定律得E=A吧=B·AS金属棒两端的感应电动势E=Blum△tE△S=a2一a2sin0,角度0随时间均匀变化，从90°变到金属棒受到的安培力F安=B·R千，·L,根据物体的0°，由正弦函数图像可知，感应电动势E一直增大，故衡有mgsin0=F安十mgcos0,解得r=12A正确，B错误；AB边受到的安培力F会=BIL,I=又因为此过程中通过金属棒横截面的电荷量g=0.2C△Φ反，求导可知电流变化快慢的规律是余孩函数图像，)△Φ=Blx有q=7·△1=△·R+·△2=R羊，=R+r,从90°到0°，AB边受到的安培力变化越来越慢，故C错解得x=2m。答案：(1)0.5(2)2m1山.解析：)由法拉第电磁感应定律可得E=NAB_15,解析：1)由右手定则判定通过金属棒OA的电流方误，D正确。2△t向是由O到A,金属棒OA中产生的感应电动势大小E为E=Br7ar=2BPa10.8V,再由欧姆定律可得I=尺=0.1A由图乙可得：此时B=0.2十0.2(t一1)解得E=16V164

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