吉林省Best友好联合体2023-2024学年高三上学期8月质量检测物理/正在持续更新，目前2026届海淀八模答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

本文从以下几个角度介绍。

1、2023-2024吉林地区友好学校第30届联考
2、2023-2024吉林地区普通高中友好学校联合体

(新教材)高三大一轮总复多维特训卷物理源，当风速取最小值6m/s时，该发电机年发电量具有最小m(h6-h,)值，根据题意，风速为9m/s时，输出电功率为405kW,风速8T2;钩码的重力势能增加量为△E,重=mghs.(2)钩在5~10m/s范围内，转化效率可视为不变，可知风速为码机械能的增加量，即钩码动能和重力势能增加量的总和，6m/时，输出电功率为P-6×05kW-120kw,则该发若无阻力做功则弹簧弹性势能的减少量等于钩码机械能的增加量.现在随着h增加，两条曲线在纵向的间隔逐渐变大，电机年发电量至少为E=Pt=120×5000kW·h=6.0×10而两条曲线在纵向的间隔即阻力做的功，则产生这个问题的kW·h,D正确；故选D.主要原因是钩码和纸带运动的速度逐渐增大，导致空气阻力7.BCD开始释放时物体Q的加速度为号，则mg-F,=逐渐增大，以至于空气阻力做的功也逐渐增大，mp=12,g,FT一mg=mp·3,解得FT3oB2答案：1L-LA:-号hm7,卫8T2mghs2(2)见解析A错误；在T时刻，两物体的速度”二{号，P上升的距离为11.解析：(1)滑块释放运动到C点过程，由动能定理mglsin379A,=·号r=否，细线断后P能上升的商度为：=vi十mgR(1-cos37)=3m呢，经过C点时FN-mg=m尺，解得FN=7N.8T218,可知开始时PQ距离为h=h1+h,=2gT,9,若设开(2)设滑块能过最高点，恰好到F点时mgl.sin37°-mgX始时P所处的位置为零势能面，开始时Q的机械能为E=4Rcos37°=2mw,解得v=√121.-9.6，而要保证滑块能mogh=2mog'Ti，从开始到绳子断裂，绳子的拉力对Q做负到达F点，必须要保证它能到达DEF最高点，当小球恰好9到达DEF最高点时，由动能定理mgl,sin37°-mg功，大小为w,=F,h,=m@8T9此时物体Q的机械能E'=(3Rcos37°+R)=0,可解得1.=0.85m.E-W=m8T”E则要保证小球能到F点，l.≥0.85m,代人v=√121，-9.69之，此后物块Q的机械能守恒，则在2T可得v≥√0.6m/s.时刻物块Q的机械能仍为号，B正确；在2T时刻，重物P的(3)设全过程摩擦力对滑块做功为第一次到达中点时做功的n倍，则n=1,3,5,速度，=一8T=-2T,方向向下；此时物体P重力的舞LFGLFGmgl,sin37”-mg2sin37°-ngmgcos37=0,解得l,-时功率P。=mrg0,="5.2gT-m8T_=3E7n+6m(n=1,3,5,…),又因为lAB≥l.≥0.85m,lAB=233，C、D正确，15故选BCD.3m,当=1时，a=号m,当=3时la=号m,当n=5138.ABD小车从M到N,依题意有P1=Fv1=200W,解得F=40N,A正确；小车从M到N匀速，小车所受的摩擦力大41小为f1=F=40N,摩擦力做功为W1=一40×20J=一800J,时，L=号m,满足要求，即若滑块最终静止在轨道G的小车克服摩擦力做功为800J,B正确；从P到Q,重力势能增加量为△E。=mgX△h=500NX20m×sin30°=5000J,C错中点，释放点距B点长度乙，的值可能为号m,号m,号m41误；小车从P到Q,摩擦力为f:,有f,十mgsin30°-B,摩擦答案：(1)7N(2)v=√/12l-9.6(l.≥0.85m）(8号m,号，铝m941力做功为W2=一f2Xs2,52=20m,联立解得W2=一700J,小车克服摩擦力做功为7O0J,D正确.故选ABD.C综合过关检测（五）】9.解析：(2)小球的直径为d=7.5mm+38.4×0.01mm=7.884mm.(3)在测量时，因小球下落时间很短，如果先释放1.C2.D3.B4.A小球，有可能会出现时间记录不完整，所以应先接通数字计时5D设R=k,小球B从初始位置到最低点，机械能守恒定器，再释放小球，故选B.(4)小球向下、向上先后通过光电门时的速度分别为v1、02,有1=d·,则小球与硅胶材律有mg·OB(1-cos6)=2mv,在最低点由牛顿第二定律v2料碰撞过程中机械能的损失量为△E=司2得mOB一OB=F有，由题意知FA十mg=μ·4mg,联立m(号)广-号m(保)广.(6)若调离光电门的商度，较调整之前解得=号，D正确，A,B,C错误故选D小球会经历较大的空中距离，所以将会增大因空气阻力引起:6.D设铁链单位长度的质量为m,地面为零势能面，由机械能的测量误差答案：(2)7.884或7.882或7.883或7.885或7.886(3)B守恒定律可得(L-a)mgH+amg(H-会）=合Lme+(5)增大Lmg·台，解得=√s(H--L),AB,C错误，D正L10.解析：(1)从打出A点到打出F点时间内，弹簧的弹性势能确.故选D.减少量为△E-(L-L,)户-合L-L。-h:,整理7.B若传送带不动，弹簧压缩量为0.2m到恢复原长时物块的速度为零，由动能定理得W一umgx=0,弹簧弹力做功为W1有△Em=k(L一L)h,一之kh,打F点时钩码的速度为=0.5J.若传送带以3m/s的速度顺时针匀速转动，剪断轻绳后弹簧恢复原长时，弹簧弹力做功不变，摩擦力做正功，根据,-九，，由于在误差允许的范围内，认为释放钩码的同2T动能定理得W+μmgx=?mui,弹簧恢复原长时，物块速度时打出A点，则钩码动能的增加量为△E,=2mu-0=大小为v1=2/s,B正确；在弹簧恢复原长的过程中物块的速度一直小于传送带速度，物块所受的滑动摩擦力一直水184