永州一中2023届下期高二9月月考物理答案

2023-09-18 15:10:47 23℃

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相遇时x中=x乙，解得t=6s,D项错误。:6.D解析由于一块碎片先沿竖直方向落至地面，这个碎片的速度方向8.C解析从静止开始下落的雨滴受到重力和阻力作用，根据题意可得应竖直向下，根据动量守恒，另两块碎片的动量合成后应竖直向上，D项速度达到最大时，有mg=k,由动量定理可得一gl十If=一w一0，联正确。立两式可得4=mg-”,C项正确。:7.D解析当滑块B相对于斜面体加速下滑时，斜面体A水向左加速运动，所以滑块B相对于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直9.B解析设飞行器对水的均作用力为F,根据牛顿第一定律可知，水于斜面方向的合外力不再为零，所以斜面体对滑块的支持力F、不等于对飞行器的作用力的大小也等于F,对飞行器，则有F一Mg,设水喷出ngcos a,A项错误：滑块B卜滑过程中支持力对B的冲量大小为FNt,B时的速度为v,在时间t内喷出的水的质量△n=pV=2,St,t时间内质项错误；由于滑块B有竖直方向的分加速度，所以系统竖直方向合外力Mg量为△m的水获得的冲量I=F=△m·2,联立可得v=√4不为零，系统的动量不守恒，C项错误；系统水方向不受外力，水方向动量守恒，设A、B两者水位移大小分别为x1、x2,则Mx1=mx2,x1900√4×1000Xπ×0.052m/s≈5.4m/s,B项正确十2=L,解得1一M十m,D项正确10.A解析以正离子为研究对象，由动能定理得U=2m2,△1时间8，AC解析如果△pA=-3kg·m/s、△s=3kg·m/s,遵守动量守恒定律：碰后两球的动量分别为pA'一pA十△pA-9kg·m/s、pB=B内通过的总电荷量Q=1△，喷出的正离子总质量M=。m=。m十△pB=16kg·/s,可知碰撞后A的动能减小，B的动能增大，有可由动量定理可知正离子所受的均冲量F△t=M,联立以上式子可得能能量守恒，是可能的，A项正确。如果△pA=4kg·m/s、△pB=下=1√②，根据牛顿第三定律可知，发动机产生的均推力F一4kg·m/s,遵守动量守恒定律；A球的动能增加，B球的动能减小，不符合实际的运动情况，不可能，B项借误。如果△A=一5kg·/s、△pB/2mU,A项止确。-5kg·m/s,遵守动量守恒定律；碰后两球的动量分别为pA'一A十△pA=7kg·m/s、pB'=pB十△pB=18kg·m/s,可知碰撞后A的动能11.C解析安全气囊的作用，一是可以延长司机或乘客的受力时间，减减小，B的动能增大，有可能能量守恒，是可能的，C项正确。如果△pA小其所受弹力的大小：二是增大司机或乘客的接触面积，减小弹力对应=一24kg·m/s,△pB=24kg·m/s,遵守动量守恒定律；碰后两球的的压强。A、B、D都是延长了受力时间，减小了相应物体受到的作用：动量分别为1'=pA十△pA=一12kg·m/s、pB'=B十△pB力。C中啄木鸟长长的尖嘴，减小了受力面积，增大了压强，故C项所：37kg·m/s,可知碰撞后A的动能不变，B的动能增大，违反了能量守述与题干中所述物理规律不一致。恒定律，是不可能的，D项错误。课时2动量守恒定律及其应用:9.(1)1.5m/s1.5m/s(2)15个解析两车刚好不相撞的条件是某次甲抛出球后的速度与乙接住该球1.C解析在章鱼喷水的过程中，章鱼的生物能转化为机械能，系统机：后的速度相等。无论是甲抛球的过程，乙接球的过程，还是整个过程，系械能增加，A项错误；章鱼喷水过程所用的时间极短，内力远大于外力，统动量均守恒。章鱼和喷出的水组成的系统动量守恒，B项错误；由动量守恒定律得0=(1)甲、乙两小孩及两车组成的系统总动量守恒，沿A车的运动方向，甲(M一m一mw,可得章伍喷水后瞬间逃跑的速度大小=M产m购，C项不断抛球、乙接球后，当甲和A车与乙和B车具有共同速度时，可保证刚好不碰撞，设共同速度为，则正确；章鱼喷水的过程中受到的冲量大小等于喷出的水的动量大小，即M1w-L2-(M1+M2)vmo,D项错误。2.C解析以物体与车厢组成的系统为研究对象，以向右为正方向，由一-说=3×6ms-1.5mwM1-M2动量守恒定律可得m=(M+m),最终车厢的速度一m,方向与(2)整个过程巾乙小孩及B车的动量变化△p=[30X6-30X(-1.5)]kg·m/s=225kg·m/s速度0的方向相同，水向右，C项正确。整个过程中每个小球的均动量变化3.B解析P对Q有弹力的作用，并且在力的方向上有位移，在运动中，△p=(16.5×1-1.5×1)kg·ms=15kg·m/sP会向左移动，P对Q的弹力方向垂直于接触面，与Q前后移动连线的位移夹角大于90°，所以P对Q做功不为零，A项错误；因为P、Q之间：放小球个数治-得（个）=15C个.的力属丁系统内力，并且等大反向，两者在力的方向上发生的位移相等，10.C解析由图像可知，甲是被碰小球。根据动量守恒定律可知，新所以做功之和为零，B项正确；因为系统只有系统内力和重力作用，所以mz=m坪+mzz1,其中=4m/s,p=2m/s,Z1=-2m/s,该P、Q组成的系统机械能守恒，系统水方向上不受外力的作用，水代人可解得z=1kg。乙小球碰撞过程的动量变化量△p=mzz1方向上动量守恒，但是在竖直方向上Q有加速度，即竖直方向上不守m忆-一6kg·m/s,A项错误。根据动量守恒定律可知，甲小球的动但，C、D两项错误。量变化量与乙小球的动量变化量等大、反向，而且据动量定理可得I4.C解析以两球组成的系统为研究对象，以A球的初速度方向为正方△p,可知甲小球碰撞过程中所受到的冲量为6kg·m/s,B项正确。计向，如果碰撞为弹性碰撞，由动量守恒定律得mw=vA十2nB,由机械算碰前动能为？mz2,碰后动能为号mz2+号m甲2，均为8J,能守恒定律得分m2=分mn2+子×2ms2,解得M=-子哪属于弹性碰撞，C项正确。中动量守恒定律及能量守恒定律得乙vz号，负号表示碰撞后A球反向弹回。如果碰撞为完全非弹性碰撞，以=m弹呷十m2吃'，之mZz2-之m甲弹2+2mZ%,可得z'-A球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得m=(m十2n)vB,解得m乙一1甲2mzw=弓则碰撞后B球的速度范围是了<<号，则碰后B球的m2十m甲Z,呷一m2十m#吃，因为乙小球的质量小于被碰小球甲的质量，故两小球碰后速度方向一定不相同，D项错误。速度大小可能是0.5v,C项正确。5.AC解析由水方向动量守恒可知在大锤连续敲打的过程中，车会核心素养微专题6“碰撞类”模型问题往复运动，A项正确；人、锤和车组成的系统，只在水方向上所受的外1,D解析设滑块甲从圆弧上高度为h处由静止滑到底端时，滑块甲的力之和为零，水方向上动量守恒，B项错误；锤从刚离开车的左端至运速度为，圆弧形斜面的速度为0，取向右为正方向，此过程中系统在动到最高点的过程中，锤的水动量方向先向左再向右，则车的动量方向先向右再向左，大小先增大后减小，C项正确；锤从刚接触车的左端至水方向上动量守恒，有2mo十m=0,由机械能守恒可得mgh=2锤的速度减小至零的过程中，车具有水向左的动量，车的动量减小至零，D项错误。×2mw2+号m,联立解得w=一√弯，-2√零，负号表示圆·70·23XLJ(新)·物理-C版一XJC

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